§2. Метод математической индукции
Метод математической индукции является одним из наиболее универсальных методов проведения математических доказательств. Суть его заключается в следующем. Допустим, мы хотим доказать, что некоторое утверждение справедливо при любых значениях натурального числа п, содержащегося в формулировке этого утверждения.
Например, что для любого натурального п справедливо следующее равенство:
(2)
Легко проверить, что эта формула дает правильный результат при n = 1, 2, 3, 4. Но невозможно ее проверить для всех значений п, т.к. множество натуральных чисел бесконечно! Как же доказать, что утверждение верно для любых п, не проверяя этого непосредственно? Оказывается, что достаточно:
а) проверить данное утверждение при п = 1;
б) предположив, что оно верно при n = k, доказать, что оно верно при n = k + 1. В этом и заключается метод математической индукции.
В рассматриваемом примере формула (1) при п = 1 дает 
, т.е. что сумма из одного слагаемого 1 равна единице. Таким образом, при п = 1 формула верна. Теперь предположим, что она верна при п = k, тогда справедливо равенство
Докажем, что формула (1) верна при п = k + 1, т.е.
Действительно, используя допущение, получаем
,
что и требовалось доказать.
Рассмотрим еще один пример. Докажем, что при любом натуральном показателе степени п число 8n – 1 делится на 7.
Доказательство. Проверим условия а) и б). Подставим в выражение 8n – 1 вместо п число 1. Тогда значение этого выражения будет равно 8 – 1 = 7. Это число делится на 7, т.е.
условие а) проверено. Теперь допустим, что 8k - 1 делится на 7. Покажем, что в таком случае 8k также делится на 7. Преобразуем последнее выражение так:8k+1 - 1 = 8k+1 - 8k + 8k - 1 = 8k(8 - 1) + (8k - 1) = = 8k • 7 + (8k - 1).
В результате преобразований мы получили сумму двух слагаемых, каждое из которых делится на 7. Действительно, первое слагаемое имеет множитель 7, а второе делится на 7 по предположению индукции. Следовательно, сумма также делится на 7 и условие б) также проверено. Утверждение доказано.
Теперь докажем общее правило умножения (см. §1).
Теорема 1. Пусть требуется последовательно выполнить п действий, причем первое действие может быть выполнено т1 способами, второе — т2 способами и т.д. , наконец, п-е действие — тп способами. Обозначим через Sn число всех способов, которыми можно выполнить п действий. Тогда
Sn = m1 • m2 ... • тп. (2)
Доказательство проведем методом математической индукции.
При п = 1 мы получаем одно действие, которое можно выполнить m1 способами. Произведение (2) состоит в этом случае также из одного сомножителя т1. Следовательно, формула (2) при п = 1 верна.
Допустим, что формула (2) верна для п = k действий:
Sk = m1 • т2 • ... • mk . (3)
Докажем, что она верна для п = k + 1 действий. Обозначим произвольный вариант выполнения k действий набором из k чисел. Например, набор (3, 1, 6, ..., 5) означает вариант, в котором первое действие выполнено третьим способом, второе действие — первым способом и далее, наконец, k-е действие выполнено пятым способом. В случае, если выполняются k + 1 действий, каждый вариант записывается как набор из k + 1 чисел. Но всякий набор из k + 1 чисел получается добавлением одного числа к какому-либо набору из k чисел. Например, из одного набора (3, 1, 6, ... , 5) можно получить такие: (3, 1, 6, .... 5, 1), (3, 1, 6, ..., 5, 2), ... , (3, 1, 6, ..., 5, mk + 1), т.е. всего тk+1 вариантов. Поэтому число всех способов выполнения k + 1 действий будет
Sk + 1 = Sk • mk+1 = m1 • m2 • ... • mk • mk +1.
Таким образом, условие б) индукции тоже выполняется. Теорема доказана.
УПРАЖНЕНИЯ
4. Абонент забыл две последние цифры номера телефона и набирает их наудачу. Каково наибольшее возможное число безуспешных попыток абонента?
5. Семеро терпеливых стоят в очереди в кассу. Сколькими способами можно составить очередь?
6. В колоде 36 карт. Наудачу вынимают 3 карты. Каково число всех возможных комбинаций? Сколько троек содержат по крайней мере один туз? Сколько троек содержат только один туз? Сколько раз попадется комбинация дама–семерка–туз?